665A - Автобусы между городами
Задачу предложил Сергей Эрлих unprost.
Рассмотрим интервал времени, когда Симион будет находиться на трассе строго между городами (x1, y1), (x1 = 60h + m, y1 = x1 + ta). Переберём встречный автобус. Пусть (x2, y2) — это интервал времени, когда встречный автобус будет находиться строго между городами. Если пересечение этих интервалов (x = max(x1, x2), y = min(y1, y2)) не пусто, то Симион посчитает этот автобус.
Сложность: O(1).
665B - Покупки
Задачу предложил Ayush Anand JeanValjean01.
В этой задаче нужно было сделать ровно то, что написано в условии. Никаких хитростей и подвохов.
Сложность: O(nmk).
665C - Простые строки
Задачу предложил Zi Song Yeoh zscoder.
Для решения этой задачи есть два подхода: жадность и динамическое программирование.
Первый подход: Рассмотрим некоторый отрезок из подряд идущих одинаковых букв. Пусть длина отрезка k. Очевидно мы должны изменить хотя бы 
букв в ней, чтобы не было одинаковых букв подряд. С другой стороны мы можем изменить второй, четвёртый и т.д. символы на букву, которая не равна букве слева и справа от нашего отрезка.
Второй подход: Пусть zka — наименьшее количество изменений, чтобы на префиксе длины k не было двух подряд идущих одинаковых букв и при этом символ s'k был равен букве a. Переберём букву, которую поставим на k + 1-й позиции и если она не равна a сделаем переход. Цена перехода равна 0, если мы поставили ту же букву, что стояла в исходной строке s на k + 1-й позиции. В противном случае цена равна 1.
Сложность: O(n).
665D - Красивое подмножество
Задачу предложил Zi Song Yeoh zscoder.
Рассмотрим подмножество A, являющееся ответом на задачу. Пусть a, b, c — три произвольных элемента из A и пусть не более чем один из них равен 1. По принципу Дирихле среди этих трёх чисел обязательно найдется пара чисел с одинаковой чётностью. Поскольку в этой паре только одно может быть равно 1, то их сумма чётна и больше 2. Значит подмножество A не является простым. Таким образом, A состоит либо из двух чисел больших единицы (с простой суммой), либо из некоторого количества единиц и возможно одной не единицы (если она равна простому минус один). Первый случай легко обработать за O(n2). Второй случай легко обрабатывается за линейное время. Среди двух ответов, конечно, нужно просто выбрать лучший.
Проверять на простоту числа порядка 2·106 за O(1) можно с помощью обычного или линейного решета Эратосфена.
Сложность: O(n2 + X), где X — максимальное среди заданных чисел.
665E - Красивые подмассивы
Задачу предложил Zi Song Yeoh zscoder.
Знак 
в разборе обозначает бинарную операцию побитового исключающего или.
Пусть si — xor первых i чисел на префиксе. Тогда полуинтервал (i, j] красивый если 
. Будем перебирать j от 1 до n. Будем рассматривать значения sj как битовые строки. На каждой итерации к ответу нам нужно прибавить величину zj — количество чисел si (i < j) таких, что 
. Для этого воспользуемся структурой данных бор. Будем хранить в боре все si для i < j. Кроме самой структуры бора будем в каждой вершине хранить количество листьев в поддереве этой вершины (это легко делать при добавлении новой строки). Для вычисления значения zj будем спускаться по бору, начиная из корня. Будем накапливать число cur равное префиксу ксора числа sj с путём по которому мы спустились по бору. Пусть текущий бит в sj равен b, а i — это глубина вершины в боре в которой мы находимся. Если число cur + 2i ≥ k, то мы сразу можем прибавить к zj количество листьев вершины 
, поскольку все эти листья соответствуют si-м гарантированно дающим 
. После этого мы должны спуститься в поддерево b. Если же cur + 2i < k, то мы должны просто спуститься в поддерево 
, пересчитав значение cur = cur + 2i.
Сложность по времени и памяти: O(nlogX), где X — наибольший из ксоров на префиксах.
