Блог пользователя AlTimin

Автор AlTimin, 12 лет назад, По-русски

Задача 192A - Модные числа

Кратко о решении: перебор

Подробно о решении: Нетрудно заметить, что это числа положительны, следовательно каждое из слагаемых меньше N. То есть всего различных возможных слагаемых порядка . Это значит то, что мы взять и одно из слагаемых перебрать. Тогда нам нужно научиться проверять, является ли какое-то число треугольным. Заметим, что если мы заранее выпишем все слагаемые в порядке увеличения то мы сможем с помощью бинарного поиска в массиве искать наше число. Это даем там решение за . Если перебирать первое слагаемое в порядке увеличения, то можно использовать два указателя, что дает нам решение за .

Задача 192B - Прогулки под дождем

Кратко о решении: динамика.

Подробно о решении: динамика d[i] — количество дней, в течении которых плитка номер i доступна. Пересчет: d[i] = min(a[i], max(d[i - 1], d[i - 2]))

Асимптотика решения: O(N)

Задача 191A - Династические головоломки

Кратко о решении: динамика

Подробно о решении: динамика d[i][j], i — первый символ в имени династии, j — последний текущий символ. d[i][j] — максимальная текущая длина. Переход: для слова с первой буквой l, последней буквой r и длиной s для всех возможных первых букв i состояние d[i][r] может быть улучшено значением d[i][l] + s.

Ответом будет являться максимальное значение d[i][i] для всех i.

Асимптотика решения: O(N * alpha), где alpha — это размер алфавита.

Задача 191B - Митинг

Кратко о решении: конструктив

Подробно о решении: заметим, что на последнюю площадь никогда не выгодно подавать заявку (денег мэрии не потратим, ничего не изменится, мы просто потеряем ход). Переберем площадь, на которой мы хотим провести митинг. У нас есть k - 1 ход на то, чтобы потратить деньги мэрии (один ход нам нужен на подачу заявки на искомую площадь). Тратить деньги выгоднее всего на самых дорогих площадях, за исключением последней. Осталось научиться быстро выбирать k - 1 максимум из всего массива, за исключением данного элемента. Для этого сначала отсортируем массив и получим k максимумов (последнюю площадь мы не должны рассматривать). Проверяем, лежит ли наше текущее значение в k - 1 максимальных (бинпоиск и не только). Если лежит, то искомые k - 1 максимумов — это максимальные k элементов без нашего. Если не лежит, то это просто максимальные k элементов.

Теперь когда мы понимаем, сколько денег мэрии мы можем потратить, то тратим их и смотрим, остаются ли еще у мэрии деньги на проведение события на нашей текущей площади

Асимптотика решения:

Задача 191C - Дураки и дороги

Кратко о решении: lca

Подробно о решении: Разобьем каждый путь на два, строго идущих вверх к наименьшему общему предку. Теперь у нас есть только "вертикальные пути". Для каждой вершины насчитаем такую величину: количество вертикальных путей, начинающихся в ней минус количество вертикальных путей в ней заканчивающихся. Если мы насчитали эту величину, то ответ для ребра — это сумма значений в его поддереве. Насчитать такую величину довольно просто: берем для каждой пары дураков считаем lca этой пары. В города дураков прибавляем единичку, в lca значение уменьшаем на два.

Асимптотика решения:

Задача 191D - Схема метро

Кратко о решении: снова динамика

Подробно о решении: динамика d[v][rest][cycle] — количество линий, которое требуется для того, чтобы в поддереве вершины v все покрасить, в v остаются rest незамкнутым, cycle — правда ли, что нам надо обрабатывать цикл, в котором мы находимся.

Если мы находимся не в вершине цикла, то обрабатываем всех детей, говоря что мы хотим, чтобы в них было по одному незакрытому пути. Пусть у нас есть s сыновей, нам надо взять и замкнуть все лишние линии, а недостающие нагенерить. То есть ответ это , если s > rest, и в противном случае.

Если мы находимся в вершине цикла, то либо мы покрываем этот цикл кольцом и это стоит нам , где u — это вершина на цикле. отличная от v. Другой вариант — покрыть все участки кольца радиальными линиями. Утверждение: это всегда можно оптимально сделать ровно двумя радиальными. Пусть это не так. Тогда рассмотрим некоторую вершину, в которой радиальные линии <<подвешиваются>> к кольцу. От неё по кольцу в разные стороны уходят два тоннеля, принадлежащие этим линиям. Так как различных линий на кольце сейчас не менее трех, то мы можем перенаправить радиальные линии следующим образом: соединить куски вне кольца друг с другом, а кольцо замкнуть. На кольце останется не менее двух кусков, следовательно все линии останутся валидными, а их число не изменится.

Теперь надо выбрать две станции, из поддерева которых будут выходить радиальные ветки, покрывшее кольцо. Стоимость такой станции это d[u][2][0], а обычной — d[u][0][0] (d[v][rest][0] в случае той вершины, которую мы сейчас обрабатываем) . Соответственно, нам надо выбрать две станции с максимальным значением d[u][2][0] - d[u][0][0].

Асимптотика решения: O(N)

Задача 191E - Разгон митингов

Кратко о решении: бинарный поиск по ответу

Подробно о решении: Сделаем бинарный поиск по ответу. Нам надо посчитать количество отрезков, на которых сумма больше нашего некоторого значения. Как мы это будем делать: будем обрабатывать все отрезки в порядке увеличения правых концов. Отрезки с одинаковыми правыми концами будем обрабатывать пачками. Более подробно: мы будем поддерживать некоторую структуру данных в которой будут храниться суммы всех отрезков c фиксированным правым концом.

Для того, чтобы быстро пересчитывать, нам нужно всего добавить в множество некоторый элемент ( 0, если точнее) и добавить ко всем элементам множества некоторое значение (a[i], если быть точнее). Еще нам нужно уметь отвечать на запрос <<количество элементов, больших данного на отрезке>>. Все это умеет быстро реализовывать, например, декартово дерево. Но нам придется дополнительно хранить некоторую величину X, означающую <<надо прибавить к элементу из декартова дерева X, чтобы получить реальное значение>>. Тогда при добавлении элемента a в нашу структуру надо будет положить в декартово дерево величину a - X, а прибавление некоторой величины ко всему множеству реализуется простым изменением X.

То есть у нас есть структура данных, которая умеет все эти операции выполнять за . То есть одна итерация внешнего бинпоиска работает за , следовательно весь алгоритм работает за

Асимптотика решения:

Разбор задач Codeforces Round 121 (Div. 1)
Разбор задач Codeforces Round 121 (Div. 2)
  • Проголосовать: нравится
  • +13
  • Проголосовать: не нравится

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +1 Проголосовать: не нравится

Проверяем, лежит ли наше текущее значение в k - 1 максимальных (бинпоиск!).

Можно просто для каждой вершины выписать, на каком она месте и бинпоиск не нужен.

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +8 Проголосовать: не нравится

Напишу и сюда тоже. В задаче A (Div.2) проходили решения за O(n) ;( Люди сначала генерируют sqrt(n) треугольных чисел, а потом бегут по ним за квадрат и проверяют сумму. Проходит за 1.9 + eps.

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится +2 Проголосовать: не нравится

    К сожалению, на современных компах 10^9 проходят в две секунды. Это надо начинать иметь ввиду. С другой стороны то, что ты сказал похоже на решение div2A, не так ли?

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

    А точно ли за 1.9 с? У меня подобное решение на Java c HashSet ушло 110 мс.

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится -8 Проголосовать: не нравится

    Да, обидно, пытался ламать такое решение на макс. тесте, думал смогу...

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +8 Проголосовать: не нравится

Данный текст также введет на "Разбор задач Codeforces Round #122 (Div. 2)".

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +8 Проголосовать: не нравится

D решается проще без динамики. Представим себе решение для дерева. Это будет просто половина количества вершин нечетной степени (это можно представить себе так: в каждой вершине нечетной степени обязан быть хотя бы один конец радиальной линии). В кактусе половина количества вершин нечетной степени это минимальное количество радиальных линий. Нужно посчитать, сколько нужно кольцевых. Заметим, что если хотя бы две вершины какого-то цикла имеют степень больше двух, этот цикл "бесплатный": его можно разбить на куски и включить каждый кусок в какую-то радиальную линию. Иначе из цикла нужно сделать кольцевую линию. Итого решение одним обходом в глубину: количество циклов, содержащих меньше двух вершин степени больше двух, плюс количество вершин нечетной степени.

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +15 Проголосовать: не нравится

Я в задаче E обошёлся деревом отрезков с единичками и ноликами, нежели Декартовым. Правда, мне пришлось собрать частичные суммы, отсортировать их и написать ещё один бинпоиск.

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

    А я написал декартово, и оно получило TL/15 на претестах. После контеста только досдал ускорением в два раза, вынеся построение дерева из двоичного поиска.

    • »
      »
      »
      12 лет назад, # ^ |
        Проголосовать: нравится +1 Проголосовать: не нравится

      Да, я сам едва-едва влез. 3.9 из 6.0.

      • »
        »
        »
        »
        12 лет назад, # ^ |
          Проголосовать: нравится +50 Проголосовать: не нравится

        "Едва-едва влез" Шлюнкин Леша (sankear) — у него 5.9 из 6, а у тебя — "вальяжной походкой вошел" :-)

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +20 Проголосовать: не нравится

В Е зашло еще решение, использующее полный протокол MergeSort для частичных сумм массива. А именно: посчитаем все суммы с 1-го по i-ый элемент, добавим в начало 0. Теперь в бинпоиске надо найти количество пар чисел с разностью >= заданного значения. Запускаемся рекурсивно от половинок отрезка + с помощью двух бегущих по отсортированным половинкам указателей дополняем ответ.

»
12 лет назад, # |
Rev. 2   Проголосовать: нравится +33 Проголосовать: не нравится

Мое решение C — не видел похожих в обсуждении.

Пусть дерево подвешено. Тогда ответ для ребра — число дураков в поддереве его нижней вершины, пара которых находится не в этом поддереве. Запустим динамику по поддеревьям, которая для каждой вершины будет находить множество таких дураков в ее поддереве. При построении множества для вершины нужно просто объединить множество дураков в ней и множества всех ее детей. При объединении следует выкидывать дураков, которые нашли свою пару. Итак, осталось объединить набор множеств. Применяем стандартный прием (спасибо Nerevar) — при объединении двух множеств вливаем меньшее множество в большее (тогда каждый элемент будет добавлен куда-то не более логарифма раз). Итоговая сложность — O(n*log(n)^2).

Код: 1729330

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

    Клёво. Во всём остальном, что я видел, появлялось lca

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +5 Проголосовать: не нравится

Маленькая поправочка к задаче A Модные числа. В первом случае бинпоиск работает не за log N, а за log sqrt(N), т.к. слагаемых у нас примерно sqrt(N). Асимптотика решения выходит O( sqrt(N)*log sqrt(N) ). Спасибо за понимание.

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
    Rev. 4   Проголосовать: нравится +23 Проголосовать: не нравится

    , так что

    UPD: опередил

    UPD2: я опередил

    • »
      »
      »
      12 лет назад, # ^ |
        Проголосовать: нравится +3 Проголосовать: не нравится

      Слово "опередил" само по себе не дает ясного понимания, кто кого опередил, если не видеть историю постов :)

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
    Rev. 2   Проголосовать: нравится +25 Проголосовать: не нравится

    log(sqrt(N)) = log(N) / 2 = O(logN), так что на асимптотику это не влияет.

    UPD: опередили

    • »
      »
      »
      12 лет назад, # ^ |
        Проголосовать: нравится +4 Проголосовать: не нравится

      Спасибо, в следующий раз буду иметь это ввиду ( Ведь я ещё не учил логарифмы ). Вы абсолютно правы. Простите за мою поправку.

»
12 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится +8 Проголосовать: не нравится

Задача 191C — Дураки и дороги

<...>

Если мы насчитали эту величину, то ответ для ребра — это сумма значений в его поддереве

Таки что считать поддеревом ребра?..

  • »
    »
    12 лет назад, # ^ |
      Проголосовать: нравится -12 Проголосовать: не нравится

    Подвесили за произвольную вершину. Тогда поддерево вершины x — это те, для которых x лежит на пути до корня.

»
10 лет назад, # |
  Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

В задаче Е див.1 есть более простое решение, которое не требует декартова дерева. Я использовал тот факт, что при фиксированной правой границе, в качестве левой границы нам подойдет любая точка, что S[r] - S[l] >  = x, где х — аргумент бинарного поиска, а S — массив частичных сум. При помощи выше сказанного, можно свести задачу к поиску количества элементов на префиксе, которые не больше какого-то числа.

»
6 лет назад, # |
Rev. 2   Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

I wrote code for 191C but I got verdict: wrong answer on test 3. please, tell to me, why my code do not works correctly. link: https://codeforces.me/contest/191/submission/39604271

»
4 года назад, # |
  Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

English Editorial of 191A — Dynasty Puzzles

We create dp[26][26] where dp[i][j] represents the max. length of a dynasty which starts at letter i and ends at letter j. Since in the question, the first and last letters are to be same, Our answer will be the maximum of dp[i][i] for 0<= i <=26.

for i:0...n
    Input a string. Now for this string let l=first character and r=last character.
    Thereby dp[l][r]=max(dp[l][r],s.length())
    for j:0...26 
        Now the string which starts at j and ends at r can be improved to a string which, starts at j 
        then ends at l then re begins at l and finally ends at r (i.e. input string s also included 
        while the starting ending letters remain same)
        i.e. dp[j][r]=max(dp[j][r],dp[j][l]+s.length())
        Also take care that this improvement is possible only if there already exists a string which 
        starts at j and ends at l (i.e. dp[j][l] !=0 ).

Finally , answer will be maximum of all dp[i][i] , where 0<=i<=26.

Code135

»
4 года назад, # |
  Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

For anyone looking for a submission for the editorial for C, look at Shik's solution here.

»
11 месяцев назад, # |
Rev. 2   Проголосовать: нравится 0 Проголосовать: не нравится

I am finding it difficult to understand the solution of 191C. Can someone please explain how lca is being used here and how it is giving the correct answer? I saw few submissions but didnt understand the idea behind it.